Morris' Blog 我在摸索我存在的意義、生命的意義、內涵及價值。 沒有真正神手般的厲害，套用模式是大部分的情況。 沒那麼厲害的我存在的意義為何，襯托出神的存在？ 有時候不能怪別人不給我機會，我已經開始省思， 為什麼我沒有給別人機會的原因，而是全要靠別人。 有時候我認為我與眾不同，那是因為我做不到很多人能辦到的事情。 我聽不到、玩不起來、說得不夠明瞭、理解得不夠多， 我缺少的語文能力，就是一切一切無能的判定。 為此，我不曉得能做些對別人有幫助的事情。 我知道我自己是個不服輸的性格，但現在我不得不認輸。 我沒有能力，因此我必須認輸。 我到底來這世界作什麼？處處充滿不確定性， 而我總是無法出類拔萃，想當個一般人似乎也回不了頭了。 越強大的挑戰需要越強力的支持，而我的支持是什麼？ 最近嘗試與人談話，但都是失敗的結局，沒人能接受， 不需要言語，不需要溝通，一切所想都表達不出來。

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Context

Spring has arrived and our friend Pepito has fallen in love. But he is not sure if she also loves him, so he decides to ask the daisies. He takes a daisy and alternately speaks the phrases "She loves me" and "She loves me not", while picking one petal off the flower for each phrase. The phrase corresponding to the last petal tells him whether his love is reciprocated or not.

We want to help Pepito to always obtain the answer "She loves me". Therefore, we will make sure that all the daisies have an odd number of petals, by picking one petal off the flowers with an even number.

The Problem

We have a rectangular field of daisies, whose width is W and height H. There is a daisy in each position of this field (w, h), with w= 1, 2, ..., W, and h= 1, 2, ..., H. We have patiently counted the number of petals of each daisy, P[w, h].

Starting from the upper-left corner of the field --i.e., from position (1, 1)-- you have to pass through all positions of daisies with an even number of petals. If your current position is (w, h), you can only do three movements: go down (h+1), go left (w-1) and go right (w+1).

Your task is to compute the minimum number of movements necessary to pass through all positions with an even number of petals.

A sample case with W = 5 and H = 3. The solution is 11. This sample corresponds to the first case in the sample input.

The Input

The first line of the input contains an integer indicating the number of test cases.

For each test case, the first line contains two integers, W and H, separated by a blank space. Then, there are H lines. Each line consists of W digits (between 1 and 9) indicating the number of petals of the corresponding daisy.

The Output

For each test case, the output should contain the minimum number of movements of the corresponding case.

Sample Input

5
5 3
54578
36329
75241
9 1
759456785
2 2
22
22
6 6
777777
772777
777777
777727
727777
777777
7 7
1811181
1118811
1881111
8111111
1188181
1881181
1111111

Sample Output

11
7
3
11
24

---

OMP'09
Facultad de Informatica
Universidad de Murcia (SPAIN)

題目描述：

現在要把所有偶數的花朵摘掉，求移動最少步數。
一開始在地圖的左上角，接著只能左右移動和往下移動。

題目解法：

無須對所有下一行的所有位置進行狀態轉移，只要考慮停留在左端點還是右端點即可。

#include <stdio.h>
#include <string.h>
#include <algorithm>
using namespace std;
char g[1024][1024];
int main() {
    int testcase;
    int n, m;
    int i, j, k;
    int L[1024], R[1024], C[1024];
    int dp[1024][2];
    scanf("%d", &testcase);
    while(testcase--) {
        scanf("%d %d", &m, &n);
        int N = 0;
        for(i = 0; i < n; i++) {
            scanf("%s", g[i]);
            int l, r;
            l = r = -1;
            for(j = 0; j < m; j++) {
                if((g[i][j] - '0')%2)
                    continue;
                if(l == -1)
                    l = j;
                r = j;
            }
            if(l != -1) {
                L[N] = l;
                R[N] = r;
                C[N] = i;
                N++;
            }
        }
        memset(dp, 0x7f, sizeof(dp));
        if(N == 0) {
            puts("0");
            continue;
        }
        int ret = C[N-1];
        for(i = 0; i < N; i++) {
            int pos[2], cost[2];
            if(i == 0)
                pos[0] = pos[1] = cost[0] = cost[1] = 0;
            else {
                pos[0] = L[i-1];
                pos[1] = R[i-1];
                cost[0] = dp[i-1][0];
                cost[1] = dp[i-1][1];
            }
            int c1, c2;
            c1 = abs(pos[0] - R[i]) + R[i] - L[i] + cost[0];
            c2 = abs(pos[1] - R[i]) + R[i] - L[i] + cost[1];
            dp[i][0] = min(c1, c2);
            c1 = abs(pos[0] - L[i]) + R[i] - L[i] + cost[0];
            c2 = abs(pos[1] - L[i]) + R[i] - L[i] + cost[1];
            dp[i][1] = min(c1, c2);
        }
        ret += min(dp[N-1][0], dp[N-1][1]);
        printf("%d\n", ret);
    }
    return 0;
}